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异或也叫半加运算，其运算法则相当于不带进位的二进制加法：二进制下用1表示真，0表示假，则异或的运算法则为：0⊕0=0，1⊕0=1，0⊕1=1，1⊕1=0（同为0，异为1），这些法则与加法是相同的，只是不带进位。
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表示输出表达式c&c的值。而c&c是表示将变量c与自己进行与运算，结果为c。
j从3变为2。然后再算a[j]，因为j是2，调用的时候，就是调a[2]所以整个语句第一次执行的时候就是b[2]=a[2]^a[2]，结果显然是0；所以输出的是1100。有什么地方解释不清的可以再问我。嘿嘿。
那么64的二进制源码就是0100，0000，补码就还是0100，0000 但如果是－64，那么他的源码是1100，0000，补码却是1100，0000 一般来说正数的补码是源码本身，负数的补码是他源码除去符号位以外其他各位取反后加1。
无符号数的最高位（符号位）也要参与绝对值计算，-100的二进制形式是：1111 1111 1001 1100 而这个二进制数字再换回十进制无符数（最高位的1也要参与计算）就是65436，你可以自己换算一下。
f(12) 走else 调用f(6) f(6)走else 调用f(3) f(3)走else 调用f(1) f(1)执行if 输出1 输出n%2=3%2=1 输出n%2=6%2=0输出n%2=12%2=0以上为调用过程。
这个情况出现的概率还是很多的，OJ系统并不可能做到那么完善，所以，相信自己的结果。
这题目就是根据输入创建树形结构（每个结构有2个链表指针分别指向2个儿子节点）。
//小白写程序//编程输出1～1000之间能被3整除又能被7整除的数。只输出前10个数。
k))printf(%5d，k)；printf(\n)；}int sele(int n){if(n%21==0)return (1)；return 0；}倒数第三排那个 return (1)； 就是判断条件为真，即“既能被3整除又能被7整除的数”，就返回1（真）。
能被3整除，又可以被7整除的数是3和7的公倍数，因为3和7没有公约数，所以3和7的最小公倍数是21，因此，可以被3整除又可以被7整除的数，一定是21的倍数。在1到100内，共有4个，分别是21，42，63，84。
设置一个循环，从2开始，一直到1000，每次增加2，因为我们只需要找出偶数。 在循环中，判断当前数字是否能被3整除并且能被7整除，如果是，则输出该数字。 循环结束后，程序执行完毕。
//直接的做法，遍历0~1000，能被3整除并且除10等于7的整数，即为所求。
先从100开始步长为1增量，找到一个能被7整除的数；再从这个数开始步长为7增量至200，所得之数肯定是7的倍数；再考察每一个数是否能被3整除，能整除的符合题意，累加求和，最后输出。